\( n_{H_2O} = \dfrac{11,7}{18} = 0,65\ mol\\ n_{CO_2} = \dfrac{17,6}{44} = 0,4\ mol\\ \Rightarrow Hidrocacbon :\ C_nH_{2n+2}\\ n_{hidrocacbon} = n_{H_2O} - n_{CO_2} = 0,65 - 0,4 = 0,25(mol)\\ \Rightarrow n = \dfrac{n_{CO_2}}{n_{hidrocacbon}} = \dfrac{0,4}{0,25} = 1,6\\ 1< n=1,6<2\Rightarrow Hidrocacbon:\ CH_4,C_2H_6\\ n_{CH_4} = a\ mol ; n_{C_2H_6} = b(mol)\\ \Rightarrow a + b = 0,25 ; n_{CO_2} =a + 2b = 0,4\\ \Rightarrow a = 0,1 ; b = 0,15\\ \Rightarrow \%m_{CH_4} = \dfrac{0,1.16}{0,1.16+0,15.30}.100\% = 26,23\%\)

\(\%m_{C_2H_6} = 100\% - 26,23\% = 73,77\%\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{48,4}{44}=1,1\left(mol\right)\\ n_{H_2O}=\dfrac{29,7}{18}=1,65\left(mol\right)\\ Vì:n_{H_2O}>n_{CO_2}\Rightarrow hhZ:hh.ankan\\ CTTQ:C_aH_{2a+2}\\ Ta.có:1< \dfrac{n_{CO_2}}{n_{H_2O}}=\dfrac{1,65}{1,1}=1,5< 2\\ \Rightarrow hh.Z:50\%V_{CH_4},50\%V_{C_2H_6}\\ \Rightarrow\%m_{\dfrac{CH_4}{hhZ}}=\dfrac{16}{16+28}.100\approx36,364\%\\ \Rightarrow\%m_{\dfrac{C_2H_6}{hhZ}}\approx63,636\%\)

\(n_{CO_2}=\dfrac{22,4}{22,4}=1\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{25,2}{18}=1,4\left(mol\right)\)

Vì \(n_{H_2O}>n_{CO_2}\) => 2 hidrocacbon thuộc dãy đồng đẳng ankan.

=> \(\overline{n}_{2.hidrocacbon}=1,4-1=0,4\left(mol\right)\)

Gọi CTTQ của 2 hidrocacbon là \(C_{\overline{n}}H_{2\overline{n}+2}\)

PTHH:

\(C_nH_{2n+2}+\left(\dfrac{3n+1}{2}\right)O_2\underrightarrow{t^o}nCO_2+\left(n+1\right)H_2O\) (thêm dấu gạch ngang trên n nhé)

0,4                                       0,4n           

có:

\(0,4n=1\)

=> n = 2,5

CTPT của 2 hidrocac bon là: \(C_2H_6,C_3H_8\)

Gọi x,y lần lượt là số mol của \(C_2H_6,C_3H_8\)

\(C_2H_6+\dfrac{7}{2}O_2\underrightarrow{t^o}2CO_2+3H_2O\)

x                       2x              3x

\(C_3H_8+5O_2\underrightarrow{t^o}3CO_2+4H_2O\)

y                        3y          4y

Ta có hệ pt:

\(\left\{{}\begin{matrix}2x+3y=1\\3x+4y=1,4\end{matrix}\right.\)

=> x = 0,2 ; y = 0,2

=> \(\%_{m_{C_2H_6}}=\dfrac{0,2.30.100}{0,2.30+0,2.44}=40,54\%\)

\(\%_{m_{C_3H_8}}=100-40,54=59,46\%\)

\(n_{CO_2}=1\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=1,4\left(mol\right)\)

Do \(n_{H_2O}>n_{CO_2}\) => Ankan (Bonus: 2 hđr đồng đẳng)

\(C_nH_{n+2}+\left(\dfrac{3n+1}{2}\right)O_2\rightarrow nCO_2+\left(n+1\right)H_2O\)

Đặt vào pt ta có:

\(\Rightarrow\dfrac{1}{n}=\dfrac{1,4}{n+1}\Rightarrow n=2,5\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}C_2H_6:x\\C_3H_8:y\end{matrix}\right.\)

Ta có hệ pt: \(\left\{{}\begin{matrix}2x+3y=1\\x+y=1,4-1\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,2\\y=0,2\end{matrix}\right.\Rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%m_{C_2H_6}=50\%\\\%m_{C_3H_8}=50\%\end{matrix}\right.\)

n C O 2  = 7,84/22,4 = 0,35 mol

n H 2 O = 11,7/18 = 0,65 mol

⇒  n C O 2 <  n H 2 O  ⇒ ankan

⇒ Chọn B.

n_CO2 = 0,4 mol

n_H2O = 0,65 mol

n_H2O > n_CO2 => ankan

C_TB = 0,4/0,25 = 1,6 => CH₄ và C₂H₆

bài 1

Đốt cháy hoàn toàn V lít (đktc) hỗn hợp 2 hidrocacbon là đồng đẳng liên tiếp nhau, sản phẩm cháy thu được có tỉ lệ thể tích CO2 và H2O là 12 : 23. Tìm CTPT và % thể tích của mỗi hidrocacbon

Ta có nCO2nCO2 < nH2OnH2O ---> hỗn hợp gồm hai hidrocacbon no, mạch hở
C_x¯H2_x¯+2
ta có : x¯/12=x¯+1/23---> x¯=1,1
hỗn hợp gồm: CH4, C2H6
Tính % thì dùng sơ đồ đường chéo
C1------------------0,9
---------1,1----------
C2------------------0.1
CH4: 90%
C2H6: 10%

bài 2

Đốt cháy hoàn toàn 29,2g hỗn hợp 2 ankan A và B. Sản phẩm sinh ra cho vào dung dịch Ba(OH) 2 thấy khối
lượng bình tăng thêm 134,8g.
a. Tính khối lượng CO2 và H2O tạo thành khi đốt 2 ankan.
b. Nếu A, B là đồng đẳng kế tiếp, tìm CTPT A,B.

a) Gọi a,b lần lượt là số mol CO2, H2O
=> 44a + 18b = 134,8 (1)
Ta có : nC = nCO2 = a mol; nH = 2nH2O = 2b mol
=> 12a + 2b = 29,2 (2)
(1),(2) => a = 2; => mCO2 = 88g
b = 2,6 => m H2O = 46,8g

b,m oxi phản ứng là 134,8 - 29,2 = 105,6

số mol của oxi là : 105,6/32 =3,3 mol

gọi cong thức chung của 2 ankan là CnH2n+2 +(3n+1)/2 O2 => nCO2 + (n+1) H2O

số mol của CnH2n+2 = 3,3 chia cho (3n+1)/2 =6,6/(3n+1)

=> (14n +2) x 6,6/(3n+1) =29,2

=> n =3,3

=> C3H8 và C4H10

Bài 3 :

Theo đề bài ta có : nH2O = 10,8/18 = 0,6 (mol) ; nCO2 = 15,4/44 = 0,35 (mol) ;nhh=0,25(mol)

ta thấy : nH2O > nCO2 => 2 hidroccacbon là ankan

=> số \(\overset{_-}{C}\) = 0,35/0,25 = 1,4 => 2 ankan là CH4(x) và C2H6(y)

Theo BTNT C có : x + 2y = 0,35 ;(1)

Thep BTNT H có : 2x + 3y = 0,6 ;(2)

từ (1) và (2) => x = 0,15;y=0,1 => %VCH4 = (0,15/0,25).100=60%;%VC2H6=40%

Đáp án B

Hidrocacbon mạch hở nên loại C. Do đó X gồm các ankadien hoặc ankin

Gọi công thức phân tử chung của 2 hidrocacbon trong Xlà CnH2n-2 (n >2)

Phản ứng:

a, Ta có: \(n_{CO_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{3,6}{18}=0,2\left(mol\right)\)

⇒ n_CO2 = n_H2O → A thuộc dãy đồng đẳng của anken.

Gọi CTPT của A là \(C_nH_{2n}\)

\(n_A=\dfrac{1,12}{22,4}=0,05\left(mol\right)\Rightarrow n=\dfrac{n_{CO_2}}{n_A}=4\)

Vậy: A là C₄H₈.

b, A cộng HBr tạo sản phẩm duy nhất.

→ \(CH_3-CH=CH-CH_3\)